TC 2019 SVT

ENNONCE

Sujet I

Sujet I
l Restitution organisée des connaissances / 5 points
Partie A: Questions à Choix Multiples (QCM) I 3pts
Chaque série de propositions comporte une seule réponse juste. Recopier le tableau ci-dessous et écrire sous chaque numéro de question la lettre correspondant à la réponse juste.

No de la question	1	2	3
Reponse juste

Conditions de performance : - Réponse juste : 1pt
• Réponse fausse : - 0,25 pt
• Pas de réponse : 0 pt
En cas de total de points négatif, le correcteur ramènera la note définitive de cette partie a zéro.
1 - Les cellules cancéreuses, les cellules infectées par un virus font partie du : 1 pt
a) soi ;
b) non soi ;
c} soi modifié;
d) soi et du non soi.
2. L’ingestion de matériel liquide par les cellules constitue: 1 pt
a) la phagocytose;
b) l’exocytose;
c) la pinocytose;
d) la plasmolyse.
3-Le tissu suivant peut libérer du glucose dans le sang en cas de besoin: 1 pt
a) tissu musculaire;
b) tissu pancréatique;
c) tissu hépatique;
d) tissu adipeux.
Partie B : Questions à Réponses Ouvertes (GRO) / 2 pts
1- Définir les termes : glycogénogénèse, osmose. 0,5 x 2 = 1 pt
2- Une cellule végétale est placée dans un milieu contenant une solution de NaCL à 50g/L.
Calculer la pression osmotique du milieu extracellulaire sachant que l’on expérimente a 20°C. 1pt '
NB: Na = 23: Cl =35,5; \(\alpha \) = 0,082atm.

II- Explication des mécanismes de fonctionnement / 5 pts
Les schémas des documents 1 et 2 illustrent les structures de deux types de synapses observées au microscope électronique.
1- Nommer les deux types de synapses. 0.25ptx2 = 0,5pt
2- Relever la principale particularité que présente la structure de la synapse du document 1 par rapport à celle de la synapse du document 2. 1 pt
3- Expliquer le passage des potentiels d'action au niveau de la synapse du document 1. 1pt
4- Indiquer le moyen par lequel se fait la transmission des messages au niveau de la synapse représentée par le document 2. 0,5 pt
5- Expliquer pourquoi le passage des messages ne peut se faire qu’en sens unique au niveau de cette synapse. 1 pt
6- Déterminer le rôle joué par le calcium dans la transmission synaptique. 1 pt

III- Exploration des documents / 6points
Partie A / 3,5pts
Le document 3 ci-dessous illustre les effets du VIH sur le système immunitaire.
1- Relever le principal phénomène qui caractérise la primo-infection. 0,25 pt
2- a) Déterminer la réaction de l’organisme pendant la première année de l'infection par le VIH. 0,25ptx2=0,5pt
b) Déterminer la première conséquence de cette réaction avant 18 mois, sur la charge virale 0,5pt
3- a) Décrire l‘évolution du nombre de Lymphocyte T4 après la première année de la contamination
b) Interpréter cette évolution 0,5 pt
4 a) Déterminer les principales caractéristiques des trois dernières années de la phase symptomatique. 0,25 x 5 = 0,75 pt
b) Déterminer les conséquences qui peuvent en découler. 0,25ptx2=0,5pt

Partie B / 2 pts
Le schéma du document 4 ci-dessous présente des cellules en cours de division dans les tubes séminifères.
1- Déterminer le nombre de chromosomes de chacune de ces cellules. 0,25ptx4= 1 pt
2- Préciser la phase de ta division cellulaire à laquelle se situe chaque cellule. 0,25ptx4=1pt
3- Décrire le phénomène qui a lieu dans la cellule 3. 0,5pt

IV- Saisie de l’information biologique / 4points
On croise une souris de race pure au pelage uni et persistant (phénotype normal) avec une souris de race pure au pelage tacheté et caduque (phénotype anormal dont les points disparaissent 15 jours après la naissance).
On obtient une génération F1 homogène, de souris dont les mâles et les femelles sont tous de pelage uni et persistant.
On croise une souris de la génération F1 avec une souris tachetée a pelage caduque. En une vingtaine de portées, on obtient:
• 40 souris à pelage uni et persistant ;
• 44 souris à pelage tacheté et caduque;
• 4 souris à pelage uni et caduque;
• 5 souris à pelage tacheté et persistant.
1- Déterminer les allèles dominants et les allèles récessifs. 0,25ptx4 = 1pt
2- Écrire les génotypes des parents de race pure et celui des hybrides. 0,5ptx3=1,5pt
3- Établir les statistiques ce chaque phénotype. 0,25ptx4=1pt
4- Nommer le phénomène à l'origine des phénotypes observés. 0,5pt

Sujet II

Sujet Il
I Restitution organisée des connaissances /5points
Partie A: Questions à Choix Multiples (QCM). 3pts
Chaque série de propositions comporte une seule réponse juste. Recopier le tableau ci- dessous et écrire sous chaque numéro de question la lettre correspondant à la réponse juste.

No de la question	1	2	3
Réponse juste

Conditions de performance : - Réponse juste : 1 pt
- Réponse fausse : - 0,25pt
- Pas de réponse : 0 pt
En cas de total de points négatif, le correcteur ramènera la note définitive de cette partie à zéro.
1. L’insuline : - 1pt
a) est une hormone hyperglycémiante;
b) favorise le stockage du glucose dans le foie;
c) permet la libération du glucose par les cellules du pancréas;
d) ne favorise pas la consommation du glucose.
2- Le passage d‘un spermatocyte l à un spermatocyte Il: 1 pt
a) se fait au cours de la phase de multiplication;
b) est réalisé au cours de la phase de différenciation;
c) se fait au cours de la maturation;
c) est assuré par la mitose cellulaire.
3- L'état normal des cellules végétales correspond à : 1 pt
a) sa turgescence;
b) la plasmolyse;
c) l’hémolyse:
d) la déplasmolyse.

Partie B : Questions à Réponses Ouvertes (QRO) / 2pts
1- Donner la principale différence entre les mécanismes de transport passif et les mécanismes de transport actif. 0,5 pt
2- Déterminer l’état des cellules végétales placées dans une solution :
a) hypotonique 0,5pt
b) isotonique 0,5pt
c} hypertonique. 0,5pt

II Explication des mécanismes de fonctionnement / 5pts
Le document 1 ci-dessous représente l'évolution de l’endomètre au cours du cycle menstruel.
1- Nommer les phases A et B du cycle menstruel observées sur ce document. 0,25ptx2= 0,5pt
2- Expliquer ce qui se passe au cours de chacune des deux phases. 1ptx2=2pts
3- Préciser l'importance des transformations observées au cours de la phase B. 0.5pt
4- Déterminer alors la cause de la menstruation. 0,5pt
5- Indiquer le moment du cycle ovarien correspondant à chaque état de l'utérus observé au cours chacune des phases A et B du cycle utérin. 0,25pt x 2=0,5pt
6- Sachant que l'ovaire possède une fonction endocrine :
a) Citer les deux principales hormones ovariennes. - 0,25ptx2=0.5pt
b) Expliquer le rôle de chacune des hormones sur l'utérus. 0,25ptx2=0,5pt

III- Exploitation des documents / 6points
Partie A /4pts
L'ocytocine est une hormone hypophysaire humaine qui intervient dans la contraction des muscles des voies génitales femelles lors de l'accouchement. La séquence en acides aminés de cette hormone est la suivante :
Cys –Tyr – lle – Gln – Asp – Cys – Pro – Leu – Giy
Le document 2 ci-dessous représente un extrait du code génétique

Tyr	Lle	Cys	Gly	Pro	Gln	Leu	Asp
UAC	UAC	UGC	GGC	CCA	CAA	CUA	GAC

1- a) Préciser le type de molécule organique auquel appartient l'ocytocine. 0,25 pt
b) Justifier votre réponse. 0,25 pt
2- Proposer la molécule d'ARNm qui a servi pour la synthèse de cette séquence d’ocytocine. 1pt
3- A partir de l’ARNm :
a} reconstituer la séquence d’ADN correspondante ; 1 pt
b) indiquer le brin d’ADN transcrit. 0,5pt
4) En déduire la chronologie des événements qui aboutissent à la synthèse d'un polypeptide. 1pt

Partie B / 2 pts
Les documents 3 et 4 ci-dessous représentent respectivement les caryotypes A et B des enfants souffrant d'anomalies chromosomiques et un schéma explicatif des causes de ces anomalies.

1. Préciser les noms des anomalies dont souffrent les individus possédant les caryotypes A et B. 0,25ptx2=0,5pt
2- a) A partir du document 4, choisir parmi les individus a, b, c, d. celui qui est caractérisé par :
• le caryotype A ; 0,25pt
• le caryotype B. 0,25pt
b) Expliquer la cause de chacune de ces anomalies. 0,5ptx2=1pt

IV- Saisie de l’information biologique /4points
On dispose de deux souris de variétés différentes, la souris A à pelage gris, la souris B à pelage blanc. On réalise plusieurs greffes de peau. Le tableau du document 5 ci- dessous indique pour chaque cas, le donneur, le receveur ainsi que les résultats obtenus.
1. Expliquer pourquoi les expériences 1 et 2 sont qualifiées d'autogreffes. 0,5 pt
2- Expliquer le rejet de la greffe dans l'expérience 3. 1 pt
Après avoir rejeté la première greffe, la souris B rejette la seconde greffe beaucoup plus rapidement. Ce résultat confirme que le rejet de greffe est une réaction immunitaire.
3- a) Expliquer pourquoi dans l'expérience 4, la souris B rejette plus rapidement la greffe qu'à l'expérience 3. 0,5pt
b) Préciser les éléments du système immunitaire qui interviennent successivement dans le second rejet de greffe. 0,5ptx2=1pt
c) Nommer les propriétés du système immunitaire ainsi mises en évidence. 0,5ptx2=1pt

CORRECTION

Correction sujet I

1. Restitution Organisée des Connaissances / 5 points
Partie A ; Questions à Choix Multiples (QCM) 1 pt x 3 = 3 pts

No de ls qurstion	1	2	3
Reponse	c	c	c

Partie B : Questions à Réponses Ouvertes (QRO) 2pts
1- Définitions
Glycogénogenèse : Synthèse du glycogène à partir du glucose sanguin dans le foie ou dans les muscles. 0,5 pt
Osmose : Passage d’un solvant en général l'eau à travers une membrane hémiperméable ou senti-perméable, du milieu le moins concentré vers le milieu le plus concentre en soluté. 0,5 pt
2- Calcul de la pression osmotique
On pose :
\(P = \alpha .T.K\frac{C}{M}\) 0,5 pt
Avec \(\alpha = 2\), \(T = 293{}^oK\), \(K = 0,082\) ; C= 50g/l et \({M = 58,5g}\)
AN : \(P = 41,07pa\) 0,5 pt

II-Explication des mécanismes de fonctionnement 5 pts
1. Les 2 types de synapse
Document 1 == Synapse électrique. 0,25 pt
Document 2 = Synapse chimique. 0,25 pt
2. La principale particularité est l'absence d’une fente synaptique dans le document l. 1 pt
3. Le passage des potentiels d'action au niveau de la synapse du document 1 se fait par transmission directe du message de la cellule présynaptique à la cellule post synaptique. 1 pt
4. La transmission des messages au niveau de la synapse du document 2 se fait par l'intermédiaire d'une substance chimique appelée neurotransmetteur 0,5 pt
5. Le passage des messages ne peut se faire qu’en sens unique parce que le neurotransmetteur contenu dans les vésicules synaptiques est secrété dans la fente synaptique puis se fixe sur les récepteurs présents sur la membrane postsynaptique. 1 pt
6. Le rôle joué -par le calcium dans la transmission synaptique : L’entrée des ions \(C{a^{2 + }}\) dans la cellule présynaptique permet l’exocytose des vésicules présynaptiques et la libération -du neurotransmetteur dans la fente synaptique 1 pt

III-Exploitation des Documents. 6 pts
Partie A
1. -Le principal phénomène qui caractérise la primo infection est l'augmentation la charge virale. 0,5 pt
2. a) La réaction de l‘organisme pendant la première année de l’infection par le VIH est :
• L’augmentation du nombre de lymphocyte T4 0,25 pt
• L’augmentation du taux plasmique d'anticorps anti VIH 0,25 pt
b) La première conséquence de cette réaction avant 18 mois est la diminution considérable de la charge virale. 0,5 pt
3. a) Le nombre de lymphocyte T4 va considérablement diminuer après la première année. 0,5 pt
b) La diminution du nombre des LT4 simultanément avec l'augmentation de la charge virale montre que les LT4 sont la cible d’attaque du VIH
4. a) Ces principales caractéristiques des trois dernières années de la phase symptomatique sont: 0,25x 3 = 0,75 pt
• Une augmentation de la charge virale ;
• Une baisse du taux plasmatique d'anticorps anti-VIH
• Une baisse du nombre de LT4
b) Les conséquences possibles sont :
• L’immunodéficience ;
• Les maladies opportunistes,
• La mort

Partie B
1) Le nombre de chromosome dans chacune des cellules est ; Co=6. C1 :3 ; C2 : 3 ; C3 : 6 0,24 x 4 = 1 pt
2) Co : Anaphase l ou anaphase réductionnelle. 0,25 pt
C1 : Télophase Il ou télophase équationnelle; 0,25 pt
C2 : Métaphase Il ou métaphase équationnelle; 0,25 pt
C3 : Prophase ou prophase réductionnelle 0,25 pt
3) Dans la cellule 3, il y a appariement et entrecroisement des chromosomes homologues pour former des tétrades. 0,5 pt

IV-Saisie de l’information biologique
1) Les allèles dominants: uni et persistant 0,25 pt
Les allèles récessifs : tacheté et caduque. 0,25 pt
2) Les génotypes sont : en posant U=uni, P = persistant, t==tacheté et c = caduque, on a
Des parents : \(UP//UP\) et \(tc//tc\) 0,5 pt
Dos hybrides : \(UP//tc\) 0,5 pt
Les statistiques. 0,25 x 4 = 1 pt
Nombre total de souris : 40+44+4+5=93 souris
Phénotypes uni et persistant : [U, P] : \(\frac{{40}}{{93}} \times 100\) = 43,01%
Phénotype tacheté et caduque : [t, c] : \(\frac{{44}}{{93}} \times 100\) = 47,31 %
Phénotype uni et caduque [U, c] ; \(\frac{4}{{93}} \times 100\) = 4.39%
Phénotype tacheté et persistant ; [t, P] : \(\frac{5}{{93}} \times 100\) = 5,37%
4) Le phénomène à l'origine des phénotypes observés est le crossing-over. 0,5 pt

Correction sujet II

I. Restitution organisée des connaissances
Partie A : Questions à Choix Multiples (QCM) 1 x 3 = 3 pts

No question	1	2	3
Reponse	b	c	a

Partie B : Questions à Réponses Ouvertes {QRO}
1. La principale différence entre ces deux mécanismes est que le transport actif se fait avec consommation de l'énergie (à travers des pompes ATP-dépendant) alors que le transport passif n'utilise pas de l’énergie (ce dernier se fait travers do canaux non dépendant de l'ATP). 0,5 pt
2. État des cellules dans une solution 0,5 x 3 = 1,5 pt
a) Hypotonique : cellule turgescente
b) isotonique : cellule à l'état normal
c) Hypertonique : cellule plasmolysée

II Explication des mécanismes de fonctionnement 4 points
1. Les phases A et B sont respectivement :
A : phase proliférative ou prolifératrice ou pré-œstrus 0,25 pt
B ; phase secrétaire ou sécrétrice ou post-œstrus 0,25 pt
2. Phase A : ll y a multiplication des cellules de l'endomètre qui se manifeste par un épaississement de la muqueuse utérine faisant apparaitre des glandes en tube richement vascularisés. 1 pt
Phase B : L’épaississement de la muqueuse se poursuit, les glandes en tubes se spiralisent et sont de plus en plus vascularisées et il se forme la dentelle utérine. Ces glandes secrètent le mucus et le glycogène. 1 pt
3. Au cours de la -phase B les transformations sont de plus en plus marquées parce que l'utérus se prépare à recevoir un éventuel embryon. 0,5 pt
4. En absence de fécondation, le taux des hormones œstrogènes et progestérone chute, la muqueuse se détache et est éliminé sous forme de menstrues ou règles. 0,25 pt
5. La phase A ou phase prolifératrice correspond à la phase folliculaire du cycle ovarien. 0,25 pt
La phase B ou phase sécrétrice correspond à la phase Lutéinique du cycle ovarien. 0,25 pt
6. a) Il s’agit des œstrogènes et de la progestérone. 0,25 x 2 = 0,5 pt

Hormones	Rôles
Œstrogènes	Favorise le développement de la muqueuse utérine
Progestérone	Favorise le développement utérine et créer un calme utérin ( empêche les contractions utérines )

III-Exploitation des Documents / 6 pts
Partie A
1. a) L’ocytocine est une molécule organique de nature protéique 0,25 pt
b) Elle est formé d’un agencement d'acides aminés qui sont de molécules dérivées des protéines. 0,25 pt
2. Cys - Tyr- IIe - Gln - ASp - Cys - Pro - Leu - Gly : séquence des acides aminés 0,5x2 = 1pt
ARNm : UGC – UAC – CAA – GAC – UGC – CCA – CUA – GGC
3. A partir de l’ARNm
a) Reconstitution du brin d’ADN correspondant
b) Le brin d’ADN transcrit est le brin 1 0,5 pt
4. La chronologie des évènements qui aboutissent à la synthèse d’un polypeptide sont la transcription (passage de l’ADN à l’ARNm) suivie de la traduction (passage de l’ARNm à la protéine) 1 pt
Partie B
1- Les noms des anomalies
Caryotype A : monosomie ou syndrome de Turner 0,25 pt
Caryotype B : syndrome de Klinefelter 0,25 pt
2- a) Caryotype A : Individu b 0,25 pt
Caryotype B : individu c. 0,25 pt
b) Ces anomalies sont dues à la non disjonction des chromosomes de la paire 23 lors de la gamétogénèse chez la mère. Ainsi dans le cas du syndrome de Turner, il ya eu fécondation entre un spermatozoïde normale et un ovule à 22 chromosomes (absence du chromosome X) 0,5 pt
Et, dans le cas du syndrome de klinefelter, il a eu fécondation entre un ovule à 24 chromosomes (portant 2 chromosomes X et un spermatozoïde normal Y) 0,5 pt

IV-Saisie de l’information biologique et appréciation
1. Les expériences 1 et 2 sont qualifies d’autogreffe parce que dans ces deux réactions, le donneur et le receveur sont la même personne. 0.5 pt
2. La greffe est rejetée dans l'expérience 3 parce que le donneur et le receveur sont deux individus différents (homogreffe ou allogreffe) 1 pt
3. a) Le rejet de greffe est une réponse immédiate de l’organisme qui considère le greffon comme un corps étranger ; or les réponses immunitaires sont mémorisées, ainsi une deuxième greffe met en jeu une réponse plus rapide et plus vigoureuse 0,5 pt
b ) Ces éléments du système immunitaire sont :
Les lymphocytes T cytotoxiques (LTc) et les lymphocytes T mémoires (LTm) 0,5 x 2 = 1 pt
c) Les propriétés du système immunitaire ainsi mises en évidence sont :
la spécificité et la méritoire immunologique 0,5 x 2 = 1 pt